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Teorema de Taylor con la forma de Peano del resto

La siguiente forma del Teorema de Taylor con hipótesis mínimas no es muy popular y recibe el nombre de Teorema de Taylor con la forma de Peano del resto :

Teorema de Taylor con la forma de Peano del resto : Si $f$ es una función tal que su $n^{\text{th}}$ derivado en $a$ (es decir $f^{(n)}(a)$ ) existe entonces $$f(a + h) = f(a) + hf'(a) + \frac{h^{2}}{2!}f''(a) + \cdots + \frac{h^{n}}{n!}f^{(n)}(a) + o(h^{n})$$ donde $o(h^{n})$ representa una función $g(h)$ con $g(h)/h^{n} \to 0$ como $h \to 0$ .

Una de las pruebas (busque "Proof of Taylor's Theorem" en esta entrada del blog ) de este teorema utiliza la aplicación repetida de la regla de L'Hospital. Y parece que las pruebas del teorema anterior, aparte de la regla de L'Hospital, no son bien conocidas . He formulado esta pregunta para obtener otras pruebas de este teorema que no se basen en la regla de L'Hospital y que, en cambio, utilicen ideas más sencillas.

BTW también estoy publicando una prueba propia como wiki de la comunidad.

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+1. Sólo una observación: en ningún sitio he dicho que "creo que la regla de L'Hopital es la única forma de probarlo". He dicho que I no conocía otra forma, e incluso pidió una (implicando así fuertemente que realmente no lo hizo Creo que fue el único).

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@AloizioMacedo: Siento muchísimo si he malinterpretado tu comentario y si te he ofendido mínimamente. Sin embargo, mi principal objeción era que pensabas que el uso de Taylor era algo circular. Cambiaré la redacción de mi pregunta para eliminar "única forma de demostrarlo".

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Paramanand, esto debería ser una pregunta protegida, ya que una prueba de Taylor con la forma Peano del resto no es trivial de encontrar. Y una prueba que no apele a la LHR es aún más difícil de encontrar.

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Paramanand Singh Puntos 13338

Demostraremos el resultado para $h \to 0^{+}$ y el argumento para $h \to 0^{-}$ es similar. La prueba está tomada de mi libro favorito Un curso de matemáticas puras por G. H. Hardy.


Desde $f^{(n)}(a)$ existe se deduce que $f^{(n - 1)}(x)$ existe en alguna vecindad de $a$ y $f^{(n - 2)}(x)$ es continua en esa vecindad de $a$ . Dejemos que $h \geq 0$ y definimos otra función $$F_{n}(h) = f(a + h) - \left\{f(a) + hf'(a) + \frac{h^{2}}{2!}f''(a) + \cdots + \frac{h^{n - 1}}{(n - 1)!}f^{(n - 1)}(a)\right\}\tag{1}$$ Entonces $F_{n}(h)$ y su primer $(n - 1)$ Las derivadas se desvanecen en $h = 0$ y $F_{n}^{(n)}(0) = f^{(n)}(a)$ . Por lo tanto, si escribimos $$G(h) = F_{n}(h) - \frac{h^{n}}{n!}\{f^{(n)}(a) - \epsilon\}\tag{2}$$ donde $\epsilon > 0$ entonces tenemos $$G(0) = 0, G'(0) = 0, \ldots, G^{(n - 1)}(0) = 0, G^{(n)}(0) = \epsilon > 0\tag{3}$$ Desde $G^{(n)}(0) > 0$ se deduce que hay un número $\delta_{1} > 0$ tal que $G^{(n - 1)}(h) > 0$ para todos los valores de $h$ con $0 < h < \delta_{1}$ . Utilizando el teorema del valor medio y observando que $G^{(n - 1)}(0) = 0$ podemos ver que $G^{(n - 2)}(h) > 0$ para todos $h$ con $0 < h < \delta_{1}$ . Aplicando el mismo argumento repetidamente podemos ver que $G(h) > 0$ para todos $h$ con $0 < h < \delta_{1}$ . Así, $$F_{n}(h) > \frac{h^{n}}{n!}\{f^{(n)}(a) - \epsilon\}\tag{4}$$ para $0 < h < \delta_{1}$ . Del mismo modo, podemos demostrar que $$F_{n}(h) < \frac{h^{n}}{n!}\{f^{(n)}(a) + \epsilon\}\tag{5}$$ para todos $h$ con $0 < h < \delta_{2}$ .

Así, para cada $\epsilon > 0$ hay un $\delta = \min(\delta_{1}, \delta_{2}) > 0$ tal que $$\frac{h^{n}}{n!}\{f^{(n)}(a) - \epsilon\} < F_{n}(h) < \frac{h^{n}}{n!}\{f^{(n)}(a) + \epsilon\}\tag{6}$$ para todos los valores de $h$ con $0 < h < \delta$ . Esto demuestra el teorema para $h \to 0^{+}$ .

Hay que tener un ligero cuidado cuando se trata de valores negativos de $h$ para el caso $h \to 0^{-}$ porque aquí la naturaleza de las desigualdades dependerá de si $n$ es impar o par y por lo tanto necesitamos manejar ambos casos de par $n$ e impar $n$ por separado.

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¡Esta es una prueba muy útil! Bien hecho. +1

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Paramanand, tengo una pregunta. En la primera frase que sigue a la línea de separación, ¿por qué has escrito la aparentemente obvia " $f^{(n-2)}(x)$ es continua en esa vecindad de $a$ ?"

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@Dr.MV: Sí, es obvio, pero quería destacar las consecuencias de la existencia de $f^{(n)}(a)$ explícitamente.

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Oskar Limka Puntos 406

El siguiente argumento es para $n=2$ pero se puede ampliar a derivados más altos sin mucho dolor. Supongamos que $f:(\mathbb R\supseteq )D\to\mathbb R$ es dos veces diferenciable en $a\in D$ (abierto), entonces $f'$ existe en una vecindad (sin pérdida de generalidad llámela $D$ ), por lo que es integrable gauge (o Kurzweil-Henstock) (véase Lamoreaux & Armstrong (1998) para un debate de nivel universitario) y satisface \begin {ecuación} f(a+h)=f(a)+ \int_0 ^1 f'(a+th) \operatorname dt\, h. \end {equation} Diferenciabilidad de $f'$ en $a$ equivale a decir para todo $k:a+k\in D$ tenemos \begin {ecuación} f'(a+k)=f'(a)+f''(a)k+ \hat g(k) \text { donde } \frac { \hat g(k)}k=: \bar g(k) \to0 \text { como }k \to0. \end {Ecuación} Obsérvese que como $f'(a+k)$ , $f'(a)$ y $f''(a)k$ son integrables gauge en $k$ (el primero por el artículo citado y los dos últimos son integrables de Riemann) también $\hat g(k)$ es integrable gauge en $k$ . Tomando $k=ht$ en la primera ecuación vemos \begin {Ecuación} \begin {división} f(a+h)-f(a) &= \int_0 ^1f'(a)+f''(a)th+ \hat g(th) \operatorname dt\,h \\ &= f'(a)h+( \smallint_0 ^1t \operatorname dt)f''(a)h^2+ \int_0 ^1 \hat g(th) \operatorname dt\,h \\ &= f'(a)h+ \frac12f ''(a)h^2+g(h) \end {split} \end {ecuación} donde \begin {Edición} g(h):= h \int_0 ^1 \hat g(th) \operatorname dt = \int_0 ^h \hat g(k) \operatorname dk = \int_0 ^h \bar g(k)k \operatorname dk \end {ecuación} y $\bar g(k)\to0$ como $k\to0$ . El teorema de Taylor (como se indica en la pregunta) se desprende de \begin {Ecuación} \frac {g(h)}{h^2} \to0 \text { como }h \to0. \end {ecuación} Para ver esto, supongamos $\epsilon>0$ y que $\delta>0$ tal que $|\bar g(k)|<2\epsilon$ si $|k|<\delta$ y utilizar la monotonicidad para la integral gauge (resumida en Heikkilä (2011) ) para obtener \begin {Edición} g(h) \leq\frac {h^2} \epsilon \text { si } |h|< \delta. \end {Ecuación}

En el caso general (incluyendo éste) todo lo que necesitamos es la integrabilidad gauge de $f^{(n-1)}$ en un barrio de $a$ pero esto está garantizado por el hecho de que $f^{(n-1)}$ es la derivada de $f^{(n-2)}$ en todo ese barrio.

El concepto de integral gauge puede parecer sofisticado, pero en realidad es bastante elemental y mucha gente lo enseña a los estudiantes de segundo e incluso de primer año. A carta suscrito por muchos investigadores y profesores de análisis, en el que se pide una revisión del plan de estudios de cálculo "estándar", existe desde hace algunos años.

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Toda esta demostración es muy estándar y se presenta de forma rutinaria en la mayoría de los libros de texto de análisis. Este enfoque requiere la integrabilidad de las derivadas implicadas y, por tanto, requiere más supuestos. La forma de Peano tiene unos supuestos muy mínimos y el planteamiento de tu respuesta no se puede utilizar realmente para demostrarla.

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Claro. No sabría cómo extender el argumento de Hardy a más dimensiones, a menos que se asuma algo más sobre el $n$ -a derivada que sólo existe en $a$ . ¿Su pregunta se limita a una dimensión?

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Sí, mi pregunta era para un caso unidimensional, aunque esto no se mencionó explícitamente.

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