Sí, $\operatorname{card}(\mathcal I(\mathcal L))\le\operatorname{card}(X)$. Para cada una de las $x\in\bigcup\mathcal L$, vamos a $M_x=\bigcap\{A\in\mathcal L:x\in A\}$, el menor elemento de a $\mathcal L$ contiene $x$. Claramente $M_x$ es la combinación de irreductible. Estos son sólo la combinación de elementos irreductibles: si $A\in\mathcal L$$A=\bigcup\{M_x:x\in A\}$, lo $A$ es no unirse-irreductible a menos $A=M_x$ algunos $x\in A$.
De manera más general, supongamos $\mathcal L$ es una sub-red de un número finito de celosía distributivo $\mathcal L'$, y deje $1_\mathcal L$ ser el mayor elemento de $\mathcal L$. Para cada una de las $a\in\mathcal I(\mathcal L')$$a\le1_\mathcal L$, definir $\hat a=\bigwedge\{x\in\mathcal L:a\le x\}$; a continuación,$a\le\hat a\in\mathcal I(\mathcal L)$.
A ver que $\hat a$ es la combinación de irreductible en $\mathcal L$, supongamos $\hat a=b\vee c$ algunos $b,c\in\mathcal L$. Por distributividad, $a=ab\vee ac$; desde $a$ es la combinación de irreductible en $\mathcal L'$, $a=ab$ o más
$a=ac$. Decir $a=ab$; a continuación,$b\in\{x\in\mathcal L:a\le x\}$, lo $\hat a\le b\le\hat a$, lo $\hat a=b$.
Para cualquier $b\in\mathcal L$ tenemos $b=\bigvee\{a:a\in\mathcal I(\mathcal L'),\ a\le b\}=\bigvee\{\hat a:a\in\mathcal I(\mathcal L'),\ a\le b\}$; si $b$ es la combinación de irreductible en $\mathcal L$, $b=\hat a$ algunos $a\in\mathcal I(\mathcal L')$. Por lo tanto
$$\mathcal I(\mathcal L)=\{\hat a:a\in\mathcal I(\mathcal L'),\ a\le1_\mathcal L\}$$
y así
$$\operatorname{card}(\mathcal I(\mathcal L))\le\operatorname{card}(\{a\in\mathcal I(\mathcal L')):a\le1_\mathcal L\})\le\operatorname{card}(\mathcal I(\mathcal L')).$$