Creo que su suposición sobre la "obvia" la acción es irregular. Tenga en cuenta que, en general, se debe especificar la acción a menudo hay diferentes acciones. (La rama de la teoría de la representación, en muy simplificado sentido, existe para responder a la pregunta "żde cuántas maneras puede un grupo de actuar en un espacio vectorial").
Tienes razón en que 1) si los fieles y su razón es bien. Pero cuando usted dice que es transitiva porque "siempre se puede encontrar un bijection para enviar una permutación a otro", tenga en cuenta que la acción de la $S_n$ no no "enviar una permutación a otro", sino más bien, envía un elemento de su $n$-elemento del conjunto a otro. Que dijo que sí, que la acción es transitiva.
Una acción transitiva es raramente gratis - en particular, en este caso, no (excepto cuando se $n\leq 2$): Dado cualquier $p$ en la $n$ elemento de la serie, hay un montón de elementos de $S_n$ que arreglar $p$ y sólo se mueven alrededor de los otros puntos. De hecho, la isotropía de los subgrupos en $p$ es isomorfo a $S_{n-1}$.
Para su declaración acerca de las órbitas, de nuevo, la órbita no constan de un subconjunto de a $S_n$, pero en lugar de un subconjunto de su $n$ elemento del conjunto. Para responder a esto, trate de probar que una acción es transitiva iff la órbita a través de cualquier punto es la totalidad del espacio intervenido.
Para 2) y 3), he aquí una situación hipotética de relieve cómo el conjunto está actuando en afecta a las cosas. (Si desea mantener un ejemplo concreto en mente, aplicar lo que voy a decir a $G = \mathbb{Z}/2\mathbb{Z} = \{1,-1\}$ bajo la multiplicación que actúa sobre el conjunto de $X = \{-1,0,1\}$ por multiplicación.)
Supongamos $G$ actúa en $X$ y quiere comprobar si esta acción es libre, es decir, que el único elemento de $G$ que corrige cualquier punto de $X$ es la identidad en $G$. Una manera de demostrar que este es un vistazo a cada elemento de a $X$ uno en un momento y preguntar "¿Qué $g\in G$ corrige este elemento?" Mientras que la respuesta siempre es "sólo $g = e$", la acción es libre.
Supongamos que comprobar cada punto, pero a uno y seguir buscando la respuesta es "sólo $g= e$" por lo que la acción está en busca gratis. Luego de comprobar que el último punto ($0\in X$ en el ejemplo concreto) y encontrar "cada elemento de g corrige este punto!" Bien, entonces la acción no es libre, woops.
Pero, desde $G$ corrige este "mal" punto, también debe preservar el resto de puntos: si $y\in X$ es no es el punto malo, a continuación, $gy$ no es el punto malo, para cualquier elección de $g\in G$. Por lo tanto, $G$ también actúa sobre un subconjunto de a $X$ y la acción en este subconjunto es libre. Así, no es libre de acción, cuando se restringe de forma adecuada, puede llegar a ser libres.
En el caso de la restricción de la $O(n)$ acción de$\mathbb{R}^n$$S^{n-1}$, nada tan drástico suceda, pero aún así hay al menos dos cambios - la acción en $\mathbb{R}^n$ tiene un punto fijo y es intransitiva, mientras que la acción en $S^{n-1}$ no tiene un punto fijo y es transitiva.