Dejemos que $y=x+h$ donde $h>0$ . Queremos demostrarlo:
$$\frac{\sin(x+h)}{x+h}-\frac{\sin(x)}{x}<0$$
para $x,y \in (0,\pi]$ . Así que calculamos:
$$\frac{\sin(x+h)}{x+h}-\frac{\sin(x)}{x}=\frac{\sin(x+h)x-\sin(x)(x+h)}{x(x+h)}$$
Porque $x(x+h)>0$ es suficiente para demostrarlo:
$$\sin(x+h)x-\sin(x)(x+h)<0$$
A continuación utilizamos la fórmula para $\sin$ de la suma:
$$\sin(x)\cos(h)x+\sin(h)\cos(x)x-\sin(x)(x+h)<0$$
Pero:
$$\cos(h) \leq 1$$
Así que basta con demostrarlo:
$$\sin(x)x+\sin(h)\cos(x)x-\sin(x)(x+h)<0$$
Siguiente:
$$\sin(x)x+\sin(h)\cos(x)x-\sin(x)(x+h)=\sin(h)\cos(x)x-h\sin(x)$$
Así que es equivalente:
$$\frac{\cos(x)x}{\sin(x)}<\frac{h}{\sin(h)}$$
Pero $h>\sin(h)$ , por lo que es difícil de mostrar:
$$\cos(x)x-\sin(x)<0$$
(¡Nótese que el uso de las derivadas nos da la misma desigualdad a demostrar!) Podemos demostrarlo por cualquier método (por ejemplo, comparar $x$ y $\tan(x)$ en $(0,\frac{\pi}{2})$ , en $(\frac{\pi}{2},\pi)$ es evidente).
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Como la función es par, la afirmación sobre $[-\pi,0)$ se desprende de la afirmación sobre $(0,\pi]$ . Es necesario demostrar que si $0<x<y\leq \pi$ entonces $y\sin x-x\sin y>0$ .