Creo que podemos deducir la $n$ -resultado de la dimensión de la $1$ -resultado de la dimensión. Sabemos que $$f(x+y)=f(x) + f(y)$$ para todos $x,y\in\mathbf{R}^n$ y queremos demostrar que de hecho $$f(\lambda x + \mu y) = \lambda f(x) + \mu f(y)$$ para todos $x,y\in\mathbf{R}^n$ y $\lambda,\mu\in\mathbf{R}$ . Es evidente que basta con demostrar que $$f(\lambda x) = \lambda f(x)$$ para todos $x\in\mathbf{R}^n$ y $\lambda\in\mathbf{R}$ . Pero, para los fijos $x,e\in\mathbf{R}^n$ , $g:\lambda\mapsto \langle f(\lambda x), e\rangle$ es una función medible $\mathbf{R}\to\mathbf{R}$ satisfaciendo $g(\lambda + \mu) = g(\lambda) + g(\mu)$ , de lo que se deduce por la $1$ -resultado de la dimensión que $g(\lambda) = \lambda g(1)$ . En otras palabras, para todos los $x,e\in\mathbf{R}^n$ tenemos $\langle f(\lambda x),e\rangle = \langle \lambda f(x),e\rangle$ . Desde $e$ es arbitraria, esto implica que $f(\lambda x) = \lambda f(x)$ para todos $x\in\mathbf{R}^n$ y $\lambda\in\mathbf{R}$ Así que
$$f(\lambda x + \mu y) = f(\lambda x) + f(\mu y) = \lambda f(x) + \mu f(y).$$