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Puede irracional siempre se puede encontrar multiplicando irrationals?

Yo estaba pensando acerca de la función de $\ f(a,b) = a/b $ donde $a$ $b$ donde irracional. Rápidamente se destacó para mí que el codominio de la función que se iba a incluir en cada número racional. Pero, no se incluyen en cada número irracional (en otras palabras, es el codominio de la función $\mathbb{R}$)?

Entonces pensé que si establecemos que $a = n \cdot m$$b = m$, entonces si para cada número irracional $n$ existe al menos otro número irracional $m$ (que podría ser en sí misma) de forma tal que $n \cdot m$ es también irracional, cada irracional que podría ser representado por $a/b$ ($m$ cancela), y así la función eventualmente "escupir" todos los reales dado sólo irracional de entrada.

Así que mis preguntas son: Por cada irracionales $n$, no siempre existe otro irracional $m$ tal que $n \cdot m$ también es irracional? Si esto es cierto, como sospecho, ¿cuál es la más sencilla prueba para él?

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DanV Puntos 281

Sí.

Si $a$ es un número algebraico, a continuación, $a\cdot\pi$ es irracional.

Si $a$ es trascendental, a continuación, $a\cdot\sqrt2$ es irracional.

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Vincent Puntos 5027

Dado un irracional $a$ si $\sqrt 2 a$ es irracional, que se hacen; y si $\sqrt 2 a$ es racional, entonces $\sqrt 3 a$ es irracional.

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6005 Puntos 19982

En primer lugar, quiero señalar que cuando usted dice que $f$ contiene cada número racional en su imagen, usted olvidarse de cero!!! De curso $a/b$ no igual a cero para $a$ $b$ irracional, porque eso implicaría $a = 0$.

Para responder a tu pregunta (elaboración a lo largo de las líneas de TonyK de la respuesta), vamos a $x$ ser cualquier número irracional. $\sqrt{2},\sqrt{3},$ $\sqrt{6}$ son del todo irracionales. Por otra parte, $\sqrt{2}x$ $\sqrt{6}x$ no puede ser racional o de lo $\frac{\sqrt{6}x}{\sqrt{2}x} = \sqrt{3}$ sería irracional. Así que uno de los dos productos de $x \cdot \sqrt{2} = x\sqrt{2}$ $x \cdot \sqrt{6} = x\sqrt{6}$ obras.

2voto

No computacional respuesta: vamos a $n$ ser irracional (por lo tanto no cero) y se multiplica por todos los irrationals $m$. Esto le da a usted una cantidad no numerable de números diferentes: no todos pueden ser racional.

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