Aquí hay otra solución. Por una generalización del argumento en principio, tenemos
\begin{align*}
\sum_{y\in P^{-1}(z)} P'(y) = {1\over 2\pi i}\int_C {P'(w)^2\over P(w) - z}\,dw, \tag{1}
\end{align*}
donde $C$ es un gran círculo, dicen, que contiene todos los ceros de $P(w) - z$. Ahora $C$ también contendrá todos los ceros de $P(w) - z'$ todos los $z'$ lo suficientemente cerca de a $z$, por lo que podemos diferenciar la ecuación anterior para obtener
\begin{align*}
{d\over dz} \sum_{y\in P^{-1}(z)} P'(y) & = {d\over dz}{1\over 2\pi i}\int_C {P'(w)^2\over P(w) - z}\,dw = {1\over 2\pi i}\int_C {P'(w)^2\over (P(w) - z)^2}\,dw.\tag{2}
\end{align*}
Por otro lado, si $y_1,\dots,y_n$ son las raíces de $P(w) - z$, luego
\begin{align*}
\left({P'(w)\over P(w) - z}\right)^2 & = \left(\sum_{k=1}^n {1\over w-y_k}\right)^2 = \sum_{j = 1}^n\sum_{k=1}^n {1\over (w-y_j)(w-y_k)}.
\end{align*}
Pero, a continuación, $(2)$ es igual a
\begin{align*}
{1\over 2\pi i}\sum_{j = 1}^n\sum_{k=1}^n\int_C {1\over (w-y_j)(w-y_k)}\,dw & = \sum_{j= 1}^n\sum_{y_k\not = y_j} {1\over y_j-y_k},
\end{align*}
y la última suma es igual al de su negativa (por lo tanto igual a $0$) debido a que la indexación es simétrica en $k$$j$. De ello se desprende que $(2)$ es idéntica $0$, y, por tanto, que el $(1)$ es constante, como se requiere.