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Encontrar el tipo de forma diferencial sobre una variedad casi compleja

Si $M$ es casi Kähler colector (es decir, casi un Hermitian colector en que $\nabla_X(J)X=0$) tenemos tres formas $$ A(X,Y,Z)=\langle\nabla_X(J)Y,Z\rangle \quad\text{and}\quad B(X,Y,Z)=\langle\nabla_X(J)Y,JZ\rangle. $$ ¿Cómo puedo probar que estas formas son de tipo $(0,3)+(3,0)$?


Edit: Esta afirmación se puede encontrar en las páginas 3-4 del papel "Casi Kähler la geometría de Riemann y las foliaciones" por P. A. Nagy.


Edit 2: puede tener algo que ver con el (fácil de probar) el hecho de que $$ A(JX, JY, Z) = -A(X,Y,Z) \quad\text{etc.} $$ Claramente, esta es una condición necesaria para $A$ $(3,0)+(0,3)$- forma. Pero, ¿cómo puedo demostrar que es suficiente, yo. e., que esto no se puede sostener por un valor distinto de cero $(1,2)+(2,1)$-forma?

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Khushi Puntos 1266

Primero extender $J$ complejo de forma lineal, de modo que éstos se encuentran definidos en $TM\otimes_{\mathbb{R}}\mathbb{C}$. Tenga en cuenta que $TM\otimes_{\mathbb{R}}\mathbb{C}$ se descompone como suma directa de dos subespacios propios de a $J$, es decir,$T^{1, 0}M$$T^{0,1}M$, con autovalores $i$ $-i$ respectivamente.

También la ampliación de la métrica y $\nabla$ complejo linealmente, $A$ se convierte en una verdadera tres formulario en $TM\otimes_{\mathbb{R}}\mathbb{C}$. Como tal, puede ser escrito como de forma exclusiva

$$A = A^{3,0} + A^{2, 1} + A^{1, 2} + A^{0, 3}$$

donde $A^{p, q}$ $(p, q)$- forma. De hecho, como $A$ es una forma real tenemos $A^{2,1} = \overline{A^{1,2}}$$A^{3,0} = \overline{A^{0,3}}$.

Nota, la identidad de $A(JX, JY, Z) = -A(X, Y, Z)$ se mantiene cuando se $A$ se considera como una forma de $TM\otimes_{\mathbb{R}}\mathbb{C}$. Además, como $J$ conserva sus subespacios propios, vemos que la identidad es verdadera en el $(p, q)$ nivel; es decir,$A^{p,q}(JX, JY, Z) = -A^{p,q}(X, Y, Z)$.

Vamos a necesitar uno más de la identidad. Como $-Y = J^2Y$, tenemos

\begin{align*} -\nabla_XY &= \nabla_X(J^2Y)\\ &= (\nabla_XJ)(JY) + J(\nabla_X(JY))\\ &= (\nabla_XJ)(JY) + J((\nabla_XJ)Y + J(\nabla_XY))\\ &= (\nabla_XJ)(JY) + J((\nabla_XJ)Y) -\nabla_XY \end{align*}

por lo $(\nabla_XJ)(JY) = -J((\nabla_XJ)Y)$, es decir, $\nabla_XJ$ $J$- antilinear. Como tal, hemos

\begin{align*} A(X, Y, JZ) &= \langle(\nabla_XJ)Y, JZ\rangle\\ &= \langle J((\nabla_XJ)Y), J^2Z\rangle\\ &= \langle J((\nabla_XJ)Y), -Z\rangle\\ &= \langle -J((\nabla_XJ)Y), Z\rangle\\ &= \langle (\nabla_XJ)(JY), Z\rangle\\ &= A(X, JY, Z). \end{align*}

Como antes, esto es en el $(p, q)$ nivel.

Por un lado, tenemos a $A^{1,2}(JX, JY, JZ) = -iA^{1,2}(X, Y, Z)$, pero también tenemos $A^{1,2}(JX, JY, JZ) = -A^{1,2}(X, Y, JZ)$.

Si $X \in \Gamma(M, T^{1,0}M)$, $Y, Z \in \Gamma(M, T^{0,1}M)$, entonces

$$-A^{1,2}(X, Y, JZ) = -A^{1,2}(X, Y, -iZ) = iA^{1,2}(X, Y, Z).$$

Del mismo modo, si $Y \in \Gamma(M, T^{1,0}M)$$X, Z \in \Gamma(M, T^{0,1}M)$.

Si $Z \in \Gamma(M, T^{1,0}M)$, $X, Y \in \Gamma(M, T^{0,1}M)$, entonces

$$-A^{1,2}(X, Y, JZ) = -A^{1,2}(X, JY, Z) = -A^{1,2}(X, -iY, Z) = iA^{1,2}(X, Y, Z).$$

Así que para cualquier vector de campos $X, Y, Z$, $-A^{1,2}(X, Y, JZ) = iA^{1,2}(X, Y, Z)$.

Como $A^{1,2}(JX, JY, JZ) = -iA^{1,2}(X, Y, Z)$$A^{1,2}(JX, JY, JZ) = iA^{1,2}(X, Y, Z)$, podemos ver que $A^{1,2} = 0$ y, por tanto,$A^{2,1} = \overline{A^{1,2}} = 0$.

Por lo tanto, $A$ es de tipo $(3, 0) + (0, 3)$.

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