Loading [MathJax]/jax/element/mml/optable/GeneralPunctuation.js

10 votos

En un espacio de Hilbert X, TB(X), |λ|=. Demostrar que Im(\lambda I - T)+Ker(\lambda I-T) es densa en X

Que X ser un espacio de Hilbert, T\in B(X) y \lambda ser un escalar tal que |\lambda|=\lVert T \rVert. Demostrar que Im(\lambda I - T)+Ker(\lambda I-T) es denso en X.

Desde Ker(\lambda I -T)=Im(\bar{\lambda}I-T^*)^\perp T^* dónde está el adjunto de T, necesitamos mostrar Im(\lambda I-T)+Im(\bar{\lambda} I-T^*)^\perp es denso. Mi intento es suponer no es denso. Por lo tanto, podemos encontrar algo fuera de su encierro. Sin embargo, estoy tipo de atascado en este punto.

He probado eso si T^*x = \bar{\lambda}x, entonces el Tx = \lambda x. No sé si esto ayuda.

2voto

Christian Remling Puntos 4496

Supongamos que x es ortogonal a este espacio, y también vamos a normalizar, \|x\|=1. Entonces, en particular, x\in R(T-\lambda)^{\perp}=N(T^*-\overline{\lambda}), por lo que \overline{\lambda} \langle x, Tx \rangle = \langle x, TT^* x\rangle = \|T^*x\|^2 = |\lambda|^2 y por lo tanto \langle x, Tx \rangle =\lambda. Por otro lado, |\langle x, Tx \rangle | \le \|Tx\| \le |\lambda| \quad( = |\langle x, Tx \rangle |) . La igualdad en el Cauchy-Schwarz desigualdad significa que los vectores son linealmente dependientes, por lo Tx = cx, y sólo c=\lambda trabaja aquí.

Así que, en conclusión,x\in N(T-\lambda), pero también asumimos que x es ortogonal a este espacio, por lo x=0. (Todo este argumento asume que \lambda\not= 0; por supuesto, el reclamo es trivial si T=0.)

i-Ciencias.com

I-Ciencias es una comunidad de estudiantes y amantes de la ciencia en la que puedes resolver tus problemas y dudas.
Puedes consultar las preguntas de otros usuarios, hacer tus propias preguntas o resolver las de los demás.

Powered by:

X