Sea $S(n)$ la suma de los dígitos de $n$. Entonces, nota que $S(n) \le 9(\lfloor\log_{10}(n)\rfloor + 1)$.
Así,
$(S(5^{10000}) \le 9(\lfloor\log_{10}(5^{10000})\rfloor + 1) = 9(\lfloor10000\log_{10}(5)\rfloor + 1) = 9(\lfloor1000\log_{10}(5^{10})\rfloor + 1) = 9(\lfloor1000\log_{10}(9765625)\rfloor + 1) \le 9(\lfloor1000\log_{10}(10000000)\rfloor + 1) = 9(\lfloor1000\log_{10}(10^7)\rfloor + 1) = 9(\lfloor1000(7)\rfloor + 1) = 9(7001) = 63009$
También nota que la suma máxima posible de dígitos de los números $\le 63009$ es $59999$, con suma de dígitos $41$. Ahora, el número con la suma de dígitos máxima que es $\le 41$ es $39$, con suma de dígitos $12$. Entonces, $C \le 12.
Dado que $5^{10000} \equiv (5^2)^{5000} \equiv 25^{5000} \equiv (-2)^{5000} \equiv 2^{5000} \equiv (2^3)^{1666} \cdot 4 \equiv 8^{1666} \cdot 4 \equiv (-1)^{1666} \cdot 4 \equiv 4 \pmod{9}$.
Dado que $C \equiv 5^{10000} \pmod{9}$ y $0 \le C \le 12$, $C = 4$.
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¿Qué está pasando con estos votos de cierre? El OP claramente mostró esfuerzo, gente. Tal vez intenten leer la pregunta en su totalidad. En cualquier caso, aparte de eso $C\equiv B\equiv A\equiv5^{10000}\mod9$, no veo cómo $\mathbb Z/9\mathbb Z$ nos va a ayudar aquí, ¿estás seguro de que es relevante?
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Todo lo que sé es que usar mod 9 da como resultado la suma de dígitos mod 9, así que creo que de alguna manera podría ayudar
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Eso te dice que $A \equiv B \equiv C \mod 9$, y que puedes calcular $5^{10000} \mod 9$ para averiguar la clase de residuos módulo $9$. Luego, probablemente haya un argumento de conteo que puedas hacer para demostrar que $C$ debe ser un número de $1$ dígito, y por lo tanto está determinado. Aunque podría estar equivocado.
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Un punto importante es que la suma de los dígitos es aproximadamente $4.5$ veces el logaritmo en base $10$, por lo que reduce rápidamente los números grandes