9 votos

¿Por qué $(128)!$ es igual al producto de estos coeficientes binomiales $128! = \binom{128}{64}\binom{64}{32}^2 \dots \binom21^{64}$ ?

Estoy trabajando con algunos juegos de práctica de combinatoria y encontré el siguiente problema que no puedo resolver.

Pide que se demuestre lo siguiente:

$$128! = \binom{128}{64}\binom{64}{32}^2\binom{32}{16}^4\binom{16}8^8\binom 84^{16}\binom 42^{32}\binom{2}{1}^{64}$$

Raro, ¿no? Lo primero que noté es que los exponentes reflejan el $r$ variables. Normalmente me limitaría a reexpresar cada declaración en $\frac{n!}{(n-r)!r!}$ forma, pero los exponentes me desconciertan. Hay alguna intuición sobre los factoriales o nCr que deba tener en cuenta aquí?

8 votos

Calcula, hay menos de lo que parece. Hay un montón de cancelaciones.

1 votos

" es igual al producto de estos binomios teoremas ..." La palabra "teoremas" debería sustituirse por coeficientes . A teorema es una verdad matemática que se ha demostrado a través de una cadena de lógica/razonamiento, no un número que hay que multiplicar.

1 votos

Lo demostraría por inducción, usando $(2^{k+1})!=\binom{2^{k+1}}{2^k}\cdot (2^{k}!)^2$ .

24voto

Oli Puntos 89

Para divertirnos, lo hacemos con un argumento combinatorio. Tomemos $128$ diferentes objetos. Demostramos que el lado derecho cuenta las permutaciones de estos objetos.

Imagina que haces la permutación de la siguiente manera. Primero decida quién estará en la primera mitad (y, por tanto, quién estará en la segunda). Esto puede hacerse en $\binom{128}{64}$ formas. Ahora decida quiénes de la primera mitad estarán en el primer trimestre, y quiénes de la segunda mitad estarán en el tercer trimestre. Esto se puede hacer en $\binom{64}{32}^2$ formas.

Ahora decida quién de entre el primer cuarto estará en el primer octavo, quién de entre el segundo cuarto estará en el tercer octavo, quién de entre el tercer cuarto estará en el quinto octavo, quién de entre el cuarto cuarto estará en el séptimo octavo. Esto se puede hacer en $\binom{32}{16}^4$ formas.

Continúa.

1 votos

¡buen uso de los argumentos combinatorios! Gran respuesta

1 votos

No voy a mentir, esto fue totalmente alucinante. Es muy bueno, y además es intuitivo.

16voto

vidyarthi Puntos 199

La cuestión es sencilla. Tenemos el lado derecho igual a $$\frac{128!}{64!^2}\frac{64!^2}{32!^4}\frac{32!^4}{16!^8}\frac{16!^8}{8!^{16}}\frac{8!^{16}}{4!^{32}}\frac{4!^{32}}{2!^{64}}\frac{2!^{64}}{1}=128!$$

11voto

6005 Puntos 19982

Es sencillo desde el punto de vista algebraico. Si introducimos la fórmula estándar $\binom{n}{r} = \frac{n!}{r! (n-r)!}$ entonces tenemos \begin {align*} & \binom {128}{64} \binom {64}{32}^2 \binom {32}{16}^4 \binom {16}{8}^8 \binom {8}{4}^{16} \binom {4}{2}^{32} \binom {2}{1}^{64} \\ [8pt] = {} & \left ( \frac {128!}{64!^2} \right ) \left ( \frac {64!}{32!^2} \right )^2 \left ( \frac {32!}{16!^2} \right )^4 \left ( \frac {16!}{8!^2} \right )^8 \left ( \frac {8!}{4!^2} \right )^{16} \left ( \frac {4!}{2!^2} \right )^{32} \left ( \frac {2!}{1!^2} \right )^{64} \\ [8pt] = {} & \frac {128!}{64!^2} \frac {64!^2}{32!^4} \frac {32!^4}{16!^8} \frac {16!^8}{8!^{16}} \frac {8!^{16}}{4!^{32}} \frac {4!^{32}}{2!^{64}} \frac {2!^{64}}{1!^{128}} \\ [8pt] ¡= {} & 128! \text (todo lo demás se cancela.)} \end {align*}


Sólo por diversión, aquí hay una prueba combinatoria también. Sea $A$ sea un conjunto de tamaño 128, y sea $S$ sea el conjunto de todas las cadenas binarias de longitud $7$ . Contemos el número de biyecciones de $A$ a $S$ .

  • Por un lado, $|A| = |S| = 128$ , por lo que hay $128!$ biyecciones de $A$ a $S$ .

  • Por otro lado, para construir una biyección, primero elegimos qué elementos de $A$ ir a una cadena que comienza en $0$ y luego elegir qué elementos de $A$ ir a una cadena que comienza en $1$ . Podemos hacerlo en $\binom{128}{64}$ formas. Entonces, entre los elementos que asignamos una cadena que comienza en $0$ debemos dividirlos en cadenas que comienzan en $00$ y las cadenas que comienzan en $01$ ; podemos hacer esto en $\binom{32}{16}$ formas. Del mismo modo, para los elementos asignados a una cadena que comienza en $1$ ; o bien comienzan en $10$ o en $11$ . Y así sucesivamente.

0 votos

Gracias por esto, pero estoy un poco confundido en cuanto a cómo distribuyó los exponentes - ¿le importaría elaborar un poco?

0 votos

Algo similar a los derangements y los números de Stirling. buena respuesta.

0 votos

¡@ChrisT He añadido una línea, si eso ayuda a explicarlo! También hice una prueba combinatoria, pero veo que Andre Nicolas y joriki ya han hecho esencialmente lo mismo.

10voto

JiminyCricket Puntos 143

Dividir $128$ artículos por la mitad, y asignar a una de las mitades un $1$ bit en el primer dígito y el otro un $0$ poco. A continuación, vuelve a dividir cada mitad por la mitad, y en cada mitad asigna a un $1$ bit en el segundo dígito y el otro un $0$ poco. Continúe hasta que las mitades estén formadas por elementos individuales. Ahora se ha asignado a cada elemento un número binario de $0$ a $127$ . El lado izquierdo cuenta el número de formas de asignar los números, y el lado derecho cuenta el número de formas de realizar las subdivisiones.

0 votos

Algo cercano a la partición de enteros. buena respuesta

i-Ciencias.com

I-Ciencias es una comunidad de estudiantes y amantes de la ciencia en la que puedes resolver tus problemas y dudas.
Puedes consultar las preguntas de otros usuarios, hacer tus propias preguntas o resolver las de los demás.

Powered by:

X