Aquí doy una prueba para la pregunta. Sin embargo, no estoy seguro de que sea correcta. ¿Podría ayudarme? Gracias por sus comentarios.
Prueba: Sea $X$ sea un espacio metaLindelöf compacto estelar. Para demostrar que $X$ es compacta basta con demostrar que $X$ es Lindelöf ya que cada espacio estelar regular compacto de Lindelöf es compacto.
Supongamos que no. Entonces existe una cubierta abierta $\mathcal U$ de $X$ tal que $\mathcal U$ no contiene ninguna subcubierta contable. Dado que $X$ es metaLindelöf, se deduce que $\mathcal U$ tiene un refinamiento abierto punto-contable $\mathcal U'$ . Para $\mathcal U'$ como una cubierta abierta de $X$ existe un conjunto discreto cerrado $D$ de $X$ tal que $\operatorname{St}(D, \mathcal U') = X$ . Para verlo, elija inductivamente un punto $x_\alpha \notin \operatorname{St}(\{x_\beta: \beta < \alpha\}, \mathcal U')$ . Si $\lambda$ es el primer ordinal para el que esta elección es imposible, entonces $D=\{x_\alpha: \alpha < \lambda \}$ es un subconjunto discreto cerrado de $X$ y $\operatorname{St}(D, \mathcal U') = X$ . Es evidente que $|D| > \omega$ de lo contrario $\mathcal U$ contendría subcubierta contable.
Sea $\mathcal W=\{\operatorname{St}(x_\alpha, \mathcal U'): x_\alpha \in D\}$ . Claramente, $\mathcal W$ es una nueva cubierta abierta contable por puntos de $X$ cuya cardinalidad es mayor que $\omega$ . Desde $X$ es estrella compacta, se deduce que existe un subconjunto compacto $K$ de $X$ tal que $\operatorname{St}(K, \mathcal W) = X$ . No es difícil ver que, para cada $x_\alpha \in D$ , $K \cap \operatorname{St}(x_\alpha, \mathcal U') \not= \emptyset$ . Elige un punto $y_\alpha \in K \cap \operatorname{St}(x_\alpha, \mathcal U')$ y que $K'=\{y_\alpha: \alpha < \lambda\} \subset K$ . Es evidente que $|K'| > \omega$ de lo contrario podemos concluir que $|\mathcal W| \le \omega$ lo que contradice que $|\mathcal W| > \omega$ .
Por último, demostramos que $K'$ es un subconjunto discreto cerrado de $K$ . Para basta con demostrar que para cualquier $z \in X \setminus K'$ , existe una vecindad $U$ de $z$ tal que $U \cap K'=\emptyset$ . De hecho, desde $\mathcal W$ cubre $X$ existe un punto $x_\alpha \in D$ tal que $z \in \operatorname{St}(x_\alpha, \mathcal U')$ . Elija un conjunto abierto $U$ tal que $y_\alpha \notin U$ y $U \subset \operatorname{St}(x_\alpha, \mathcal U')$ . Claramente, $U \cap K' = \emptyset$ .
Ahora podemos concluir que $K'$ es un subconjunto discreto cerrado infinito de $K$ . Esto contradice $K$ es compacto. Esto completa el prueba.