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¿Cuál es el ángulo óptimo de proyección cuando se lanza una piedra desde un acantilado?

Usted está de pie en un acantilado a una altura h sobre el mar. Usted es capaz de lanzar una piedra con una velocidad de v en cualquier ángulo de a entre horizontal y vertical. ¿Cuál es el valor de a cuando la distancia horizontal recorrida d es máxima?

En el nivel del suelo, al h es cero, es fácil mostrar que a necesidades a medio camino entre horizontal y vertical, y por lo tanto π4 o 45°. Como h aumenta, sin embargo, podemos ver por la heurística de razonamiento que a disminuye a cero, porque se puede poner más de la velocidad en la componente horizontal como la altura del acantilado comienza a compensar la pérdida en la componente vertical. Para pequeños valores negativos de h (tirando para arriba sobre una plataforma), a va a ser en realidad mayor que 45°.

Hay una totalmente resuelto, de forma cerrada, la expresión para el valor de a al h no es cero?

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dagorym Puntos 2025

Suponga que no hay fricción y uniforme de la gravedad g.

Si usted lanza una piedra en el punto (0, h), con una velocidad (v cos θ, v pecado θ), entonces obtenemos

\begin{align} d &= vt\cos\theta && (1) \\ 0 &= h + vt\sin\theta - \frac12 gt^2 && (2) \end{align}

La única incógnita a resolver es t (tiempo total de viaje). Podríamos eliminarlo mediante el uso de t = \frac d{v\cos\theta} para obtener

0 = h + d\tan\theta - \frac{gd^2\sec^2\theta}{2v^2}\qquad(3)

A continuación, calculamos el total de la derivada respecto a θ:

\begin{align} 0 &= \frac d{d\theta}\left(d\tan\theta\right) - \frac g{2v^2}\frac d{d\theta}\left(d^2\sec^2\theta\right) \\ &= \ldots \end{align}

y, a continuación, establezca \frac{dd}{d\theta}=0 (debido a que es el máximo) para resolver d:

d = \frac{v^2}{g\tan\theta}

Sustituir este regreso a la (3) se obtiene:

\begin{align} h &= \frac{v^2}g \left( \frac1{2\sin^2\theta} - 1\right) \\ \Rightarrow \sin\theta &= \left( 2 \left(\frac{gh}{v^2} + 1\right) \right)^{-1/2} \end{align}

Esta es la forma cerrada de θ en términos de h.

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prakash Puntos 18075

No tengo una solución completa, pero he tratado de resolver este problema utilizando el cálculo.

x'=v \cos a
y''= -g e (a t=0) \quad y'= v \sin a
Por eso, y'= v \sin a -gt
x_0=0, lo x=vt \cos a
y_0=h, lo y=vt \sin a - \frac12 gt^2+c (integrando con respecto a t)
Subbing en h, y=vt \sin a - \frac12 gt^2+h

El balón le golpeó en el suelo al y=0.

Esto es lo más lejos que yo tengo, pero parece que se puede encontrar una solución cerrada , después de todo. Originalmente se trató de resolver la ecuación cuadrática para t y subbing que en x, pero parece que funciona mucho mejor para hacer la sustitución de otra forma. Voy a dejar esta solución aquí por si alguien quiere ver cómo derivar las ecuaciones básicas paraxy.

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