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Encontrando $a,b\in\mathbb R$ s.t. $A\in M_4(\mathbb R)$ es singular y la multiplicidad algebraica de sus valores propios es $2$

Encontrar los parámetros $a,b\in\mathbb R$ para la matriz singular: $$A=\begin{bmatrix}1&a&1&0\\1&-1&0&1\\0&0&1&0\\1&b&0&1\end{bmatrix}$$ si la multiplicidad algebraica $l_i$ de sus valores propios es $2$ .

Mi intento: Desde $A\in M_4(\mathbb R)$ es singular, $\det A=0$ y por lo tanto $k_A(0)=0$ Si observamos $1^{\text{st}}\;\&\;2^{\text{nd}}$ columna, $a=-1,b=-1\implies\;\det A=0$ . Sin embargo, al observar $2^{\text{nd}}\;\&\;4^{\text{th}}$ fila, $b=-1\implies\det A=0$ .

He comprobado si $a=-1,b=-1$ realmente es la solución.

$A{\sim}J$ donde $J\in M_4(\mathbb R)$ es una matriz de Jordan: $$\begin{bmatrix}1&-1&1&0\\1&-1&0&1\\0&0&1&0\\1&-1&0&1\end{bmatrix}\sim\begin{bmatrix}1&1&1&0\\1&1&0&1\\0&0&1&0\\1&1&0&1\end{bmatrix}\sim\begin{bmatrix}1&1&1&0\\0&0&1&0\\1&1&0&1\\0&0&0&0\end{bmatrix}\sim\begin{bmatrix}1&1&0&0\\0&0&1&0\\1&1&0&1\\0&0&0&0\end{bmatrix}\sim\begin{bmatrix}1&1&0&0\\0&0&1&0\\0&0&0&1\\0&0&0&0\end{bmatrix}\sim J=\begin{bmatrix}1&1&0&0\\0&1&1&0\\0&0&0&1\\0&0&0&0\end{bmatrix}$$

$$A\sim J\implies k_A(\lambda)=k_J(\lambda)$$

Saber, $$\deg k_A(\lambda)=4,\;k_A(\lambda)=\sum_{i=0}^4\alpha_i\lambda^i,$$ $$\;\alpha_4=(-1)^4=1,\;\alpha_3=(-1)^3\operatorname{trace}(A)=-2,\alpha_0=0$$ $$\&$$ $$k_A(\lambda)=(\lambda-\lambda_0)^2(\lambda-0)^2=\lambda^4-2\lambda_0\lambda^3+\lambda^2\lambda_0^2$$ $$\implies\lambda_0=1$$ Valores propios $0,1$ coinciden con la matriz de Jordan, por lo que $(a,b)=(-1,-1)$

¿Es esto correcto?

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user30382 Puntos 48

Tiene razón en la segunda frase, al decir que $a=b=-1$ implica $\det A=0$ . Pero lo contrario no es cierto; $\det A=0$ no implica $a=b=-1$ . Aquí es donde te equivocas.

Además, cuando se conecta $a=b=-1$ se obtiene la matriz $$\begin{bmatrix}1&-1&1&0\\1&-1&0&1\\0&0&1&0\\1&-1&0&1\end{bmatrix},$$ donde la segunda y la cuarta fila son iguales. Se encuentra correctamente que el rango de esta matriz es igual a $3$ . En particular, su valor propio $0$ no tiene multiplicidad $2$ Así que $a=b=-1$ no es una solución.


El polinomio característico de $A$ viene dada por $$\det(xI-A)=\left|\begin{matrix} x-1&-a&-1&0\\ -1&x+1&0&-1\\ 0&0&x-1&0\\ -1&-b&0&x-1 \end{matrix}\right| =(x-1)\left|\begin{matrix} x-1&-a&0\\ -1&x+1&-1\\ -1&-b&x-1 \end{matrix}\right|.$$ Esto demuestra que $1$ es un valor propio, y porque $A$ es singular $0$ es un valor propio. Se requiere que ambos tengan multiplicidad $2$ , por lo que obtenemos $$(x-1)x^2=\left|\begin{matrix} x-1&-a&0\\ -1&x+1&-1\\ -1&-b&x-1 \end{matrix}\right|=x^3-x^2-(a+b+1)x+b+1.$$ Esto demuestra que $b=-1$ y $a=0$ .

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