1 votos

Productos de copa y mapas de transgresión.

Esta pregunta está relacionada con Secuencia espectral de Lyndon-Hochschild-Serre y productos de copa .

Tengo el siguiente resultado de J.S Milne en su libro Arithmetic duality theorems pg 105.

Dejemos que $$0 \rightarrow C \rightarrow W \rightarrow G \rightarrow 0$$ es una secuencia exacta de grupos correspondientes a la clase canónica $u \in H^{2}(G,C)$ y $C$ es de índice finito en $W$

Dejemos que $M$ ser un $W$ módulo en el que $C$ actúa de forma trivial. Entonces por Hochschild-serre da una secuencia espectral $$0 \rightarrow H^{1}(G,M) \rightarrow H^{1}(W,M) \rightarrow H^{1}(C,M)^{G} \overset{\tau}\rightarrow H^{2}(G,M) $$ donde $\tau$ es el mapa de transgresión. Ahora pasa a demostrar que en este caso $\tau(\alpha) = - \alpha \cup u$ (taza-producto) para algunos $\alpha \in H^{0}(G,Hom(C,M))$ .

Consideremos ahora el LHS para la homología de grupo, con $C,W,G,M$ como en el caso anterior ( $C$ actuando trivialmente sobre $M$ )

$$ H_{2}(G,M) \overset{\tau'}\longrightarrow H_{1}(C,M)_{G} \overset{cor}\longrightarrow H_1(W,M) \overset{coinf}\longrightarrow H_{1}(G,M) \longrightarrow 0$$

¿Se deduce que $\tau'$ es inducido por un producto de copa?

Gracias

2voto

Thalberg Puntos 36

El análogo de la homología del resultado declarado por Milne es que la transgresión en la secuencia espectral de Lyndon-Hochschild-Serre para la homología de grupo $$ H_2(G;M)\to H_0(G;H_1(C;M)) = H_1(C;M)_G $$ viene dada (hasta un signo) por cap con la clase de extensión $H^2(G;C)$ . Esto tiene sentido ya que el producto de la tapa es un mapa $$ H^2(G;C)\otimes H_2(G;M)\to H_0(G;C\otimes M)=H_0(G;H_1(C; M)), $$ la igualdad final ya que $C$ es abeliana.

Esto es supuestamente conocido, véase la página 3 de este documento . Sin embargo, no conozco una referencia a una prueba explícita.

i-Ciencias.com

I-Ciencias es una comunidad de estudiantes y amantes de la ciencia en la que puedes resolver tus problemas y dudas.
Puedes consultar las preguntas de otros usuarios, hacer tus propias preguntas o resolver las de los demás.

Powered by:

X