La parte que no funciona en general es encontrar $r>1$ para que $a^r=a \mod b$ como mencionó Thomas. Esto funciona siempre y cuando $\gcd(a,b)=1$ . Entonces $a$ está en el grupo unidad módulo $b$ es decir $a \in (\mathbb{Z}/b\mathbb{Z})^\times$ . Así que tiene cierto orden $k$ para que $a^k=1$ entonces $a^{k+1}=a$ .
Ahora bien $gcd(a,b) \neq 1$ podemos demostrar que para cualquier factor primo común $p$ la potencia superior de $p$ dividiendo $a$ es una potencia de $p^6$ . T
Usando el Teorema Chino del Resto, puedo suponer $b=p^k$ para algunos $k\geq 1$ . $p|a$ así que $a=0 \mod p$ .
Sabemos que $a=x^2=y^3 \mod b$ (He cambiado p,q por x,y). Las siguientes líneas sólo muestran que la mayor potencia de $p$ buceo $a,x^2,y^3$ son todos iguales, suponiendo $p^k$ no divide $a$ .
Desde $b=p^k$ reducimos a módulo $p$ para obtener $a=x^2=y^3=0 \mod p$ .
Así que $p|x$ y $p|y$ .
Escriba a $x=up^m,y=vp^n$ donde $p$ no divide $u$ y $v$ .
Entonces $x^2=y^3 \mod p^k$ así que $u^2p^{2m}=v^3p^{3n} \mod p^k$ .
Si $a=0 \mod p^k$ , e conseguir su otro caso, $b|a$ .
Supongamos que $a \neq 0 \mod p^k$ para que $2m,3n<k$ .
Así que $2|m$ y $3|n$ es decir $6|2m=3n$ .
Escribir $a=wp^s$ como hicimos para $x,y$ vemos los poderes de $p$ son los mismos para $a,x^2,y^3$ ya que todos son iguales módulo $p^k$ .
Por lo tanto $6|s$ y podemos escribir $a=w(p^t)^6$ .
$\gcd(w,b=p^k)=1$ y $w=u^2=v^3$ (comprueba esto) por lo que es una sexta potencia según tu argumento. Así que en total, $a$ es una sexta potencia módulo $b$ .
Me di cuenta después, sólo estoy usando el hecho de que $\mathbb{Z}/b\mathbb{Z}$ es un UFD. Después, la prueba es igual que para $\mathbb{Z}$ . Así que esto es realmente un hecho sobre UFDs con un grupo unidad finito.
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En general, no es cierto que haya un $r>1$ tal que $a^r\equiv a\pmod b$ . Si permite que $r=1$ entonces $r=1$ siempre funciona. Por ejemplo $3^r\not\equiv 3\pmod{18}$ para cualquier $r>1$ .
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Sólo funciona cuando $gcd(a,b)=1$ ?