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Demostrar que el espacio vectorial de las funciones reales no tiene un espacio finito

Esto es lo que se me ha ocurrido. Que $\mathcal B$ sea un conjunto generador de $\mathcal F(R)$ . Supongamos que $\mathcal B$ es un conjunto finito, por lo tanto: $\lt \mathcal B \gt = \lt \{b_1, ..., b_n \}\gt, n \in N$ . Dejemos que $\mathcal f \in F(R).$ Así: $\mathcal f = \alpha_1 b_1 + ... + \alpha_nb_n,$ donde $ \alpha_1,..., \alpha_n \in R$ no son todos ceros.

Si $\mathcal F(R)$ es un espacio vectorial, por lo que puede existir una función $\mathcal g \in F(R)$ como $\mathcal g \neq \lambda f, \lambda \in R$ . Así, $\mathcal f+g \in F(R)$ pero $\mathcal f+g \neq \alpha_1 b_1 + ... + \alpha_nb_n$ . Si es $\mathcal g$ es pertenecer a $ \lt \mathcal B \gt$ debemos añadir un nuevo vector a $\mathcal B$ .

Repitiendo el procedimiento anterior, podemos encontrar una función $\mathcal g\in F(R)$ como $\mathcal h \neq \mathcal\lambda g$ . Así, podemos encontrar infinitas funciones y, por tanto, necesitamos infinitos vectores base.

¿Esta prueba es correcta?

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Esta prueba no puede ser correcta, ya que no explota de ninguna manera el hecho de que $\mathcal{F}(\mathbb R)$ es el espacio de las funciones. Con la misma prueba se puede demostrar que cualquier El espacio vectorial es de dimensión infinita. El fallo está en la elección de $g$ . Incluso si $g$ no es un múltiplo de $f$ Esto no significa que no pueda estar en el tramo lineal de $b_1\ldots b_n$ .

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He debatido con un amigo sobre esto. ¿Y si elijo alguna base genérica $\mathcal B$ no uno que genere todo el conjunto de $\mathcal F(R)$ sino que una bruja genera un espacio subconjunto de ella? Por ejemplo, elegir una base que genere $\mathcal V = \{f(x) \in F(R), f(1) = 0\}$ y luego, utilizando uno de los teoremas de base, completarlo para $\mathcal F(R)$

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Eso no parece ir a ninguna parte, francamente. Creo que no estás en el camino correcto. Necesitas encontrar un conjunto infinito de funciones linealmente independientes, eso es todo.

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kduna Puntos 36

Creo que entiendo el espíritu de tu prueba, pero no parece rigurosa.

Lo que intentas demostrar es equivalente a decir que $\mathcal{F}(R)$ es un espacio vectorial de dimensión infinita (si $\mathcal{F}(R)$ fueran de dimensión finita, cualquier base sería un conjunto de extensión finita). Por lo tanto, si pudiéramos mostrar una colección infinita de vectores linealmente independientes, habríamos terminado.

¿Puede demostrar que el conjunto $\{1, x, x^2, \dots \}$ es linealmente independiente?

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Otra opción (más fácil) sería utilizar las funciones que son $1$ exactamente en un punto, y $0$ en todos los demás lugares.

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Demostrando que $\{ 1, x, x^2, ...\}$ es fácil, pero no entiendo cómo me ayuda en este caso. ¿Le importaría explicármelo?

2voto

Snowflow Puntos 31

Aquí hay una prueba bastante tonta:

Dejemos que $S$ sea cualquier conjunto infinito, y sea $F(S, \mathbb{R})$ sea el $\mathbb{R}$ -espacio vectorial de funciones $S \to \mathbb{R}$ . Además, dejemos que $\mathbb{R}_d [x]$ denotan el $\mathbb{R}$ -espacio vectorial de polinomios en $x$ de grado $\le d$ .

Supongamos que $f_1, \cdots, f_n \in F(S, \mathbb{R})$ es una base finita.

Elige algunos $f \in F(S, \mathbb{R})$ que toma infinitos valores. Para cada polinomio $p \in \mathbb{R}_d [x]$ podemos escribir $p(f)$ de forma única en la forma $\sum_{i=1}^{n} a_i f_i$ para algunos escalares reales $a_i$ . Por lo tanto, obtenemos un mapa lineal $\mathbb{R}_d [x] \to \mathbb{R}^n$ dado por $$p \mapsto (a_1, \cdots, a_n).$$ De hecho, este mapa es inyectivo, ya que $p(f) = 0$ implica $p = 0$ dado como un polinomio puede tener sólo un número finito de raíces.

Así, $\dim(\mathbb{R}_d [x]) \le n$ para todos $d$ tomando $d\to\infty$ da una contradicción.

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Esta es una prueba válida, pero mi profesor no nos ha enseñado a probar este tipo de problemas usando mapas. Él espera que demostremos usando sólo cosas relacionadas con el espacio vectorial. Esta es la única razón por la que no voy a aceptar tu respuesta como correcta, aunque definitivamente lo es y es más intuitiva. ¡Gracias por tu aportación Sameer!

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