Tal y como figura aquí, $\mathbb{Q} / \mathbb{Z} \simeq \bigoplus\limits_{p \in \mathbb{P}} \mathbb{Z}[p^{\infty}]$ (su descomposición canónica como un múltiplo del grupo).
Deje $p_1^{n_1} \dots p_r^{n_r}$ ser el primer descomposición de $n$. Para cada una de las $1 \leq j \leq r$, vamos a $\displaystyle \zeta_j=\exp \left(i \frac{2k_j \pi}{p_j^{n_j}} \right)$ ser un elemento de $\mathbb{Z}[p_j^{\infty}]$ $k_j$ no divisible por $p_j$. Set $\zeta=\zeta_1 \dots \zeta_r$.
Ahora, $\text{ord}(\zeta)=\prod\limits_{i=1}^r \text{ord}(\zeta_i)= \prod\limits_{i=1}^r p_i^{n_i}=n$$\langle \zeta \rangle = \bigoplus\limits_{i=1}^r \langle \zeta_i \rangle$.
Por supuesto, hay una opción para cada una de las $k_j$, pero no cambia el $\langle \zeta_j \rangle$. De hecho, vamos a $\zeta_1=\exp \left(i \frac{2k_1\pi}{p^n} \right)$ $\zeta_2= \exp \left( i \frac{2k_2\pi}{p_n} \right)$ donde $k_1$ $k_2$ no son divisibles por $p$. El uso de Bezout igualdad, hay $u,v \in \mathbb{Z}$ tal que $uk_1+vp^{n}=1$ por lo tanto $k_2=uk_1k_2+vk_2p^n$. Por lo $\zeta_2= \zeta_1^{uk_1}$, es decir. $\zeta_2 \in \langle \zeta_1 \rangle$. Por simetría, $\zeta_2 \in \langle \zeta_1 \rangle$. Por lo tanto, $\langle \zeta_1 \rangle=\langle \zeta_1 \rangle$.
Finalmente, uno deduce que $\mathbb{Q}/ \mathbb{Z}$ tiene un único subgrupo de orden $n$.