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Si$f$ es continuo en$[0,1]$ y si$\int\limits_{0}^{1} f(x) x^n dx = 0, (n=0,1,2,...)$, demuestre que$f(x)=0$ en$[0,1]$.

Si $f$ es continua en a $[0,1]$ e si $\int\limits_{0}^{1} f(x) x^n dx = 0, (n=0,1,2,...)$, demuestran que, a $f(x)=0$$[0,1]$.

Esto es lo que tengo, ¿cómo se ve?

Prueba:

Deje $P(x)$ ser cualquier polinomio. Entonces podemos escribir

$P(x) = a_nx^n + a_{n-1}x^{n-1} + ... + a_1x + a_0$.

Por lo tanto, tenemos, por la linealidad de la integral, que

$\int\limits_{0}^{1} f(x)P(x) dx$

$= \int\limits_{0}^{1} f(x) (a_nx^n + a_{n-1}x^{n-1} + ... + a_1x + a_0) dx$

$= a_n \int\limits_{0}^{1} f(x)x^n dx + ... + a_1 \int\limits_{0}^{1} f(x) x dx + a_o \int\limits_{0}^{1} f(x) x^0 dx$

$=0$.

Por el Teorema de Weierstrass (Teorema 7.26, Pg. 159, Rudin.), vemos que existe una secuencia de polinomios $P_n$ tal que $P_n(x) \rightarrow f(x)$ uniformemente en $[0,1]$. Por lo anterior, tenemos que $\int\limits_{0}^{1} f(x)P_n(x) dx = 0$ todos los $n \ge 1$.

Por El Teorema 7.16 (Pg. 151, Rudin.), debido a que esta convergencia es uniforme, podemos intercambio y límites de la integración y la obtención de

$0 = \lim\limits_{n \rightarrow \infty} \int\limits_{0}^{1} f(x) P_n(x) dx = \int\limits_{0}^{1} \lim\limits_{n \rightarrow \infty} f(x) P_n(x) dx = \int\limits_{0}^{1} f^2(x) dx$.

Pero, $f^2(x) \ge 0$ todos los $x \in [0,1]$ y desde $f^2$ es continua (porque $f$ es y también lo es la función de $x^2$) debemos tener ese $f^2(x) = 0$ todos los $x \in [0,1]$, porque de lo contrario sería distinto de cero en un barrio dentro de $[0,1]$ por la continuidad, por lo tanto la integral sería positivo porque sería positivo sobre el barrio y mayor o igual a cero en el resto de $[0,1]$. Pero, $f^2 = 0$$[0,1] \implies f = 0$$[0,1]$.

Q. E. D.

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user44197 Puntos 8196

Ver mi comentario Esta es otra forma de usar el teorema de Weierstrass.

Si$f(x)$ es un polinomio, el resultado es claramente verdadero. Sin embargo, cualquier función continua puede ser aproximada por un polinomio, el resultado es verdadero para cualquier función continua.

Como dije en mis comentarios, me gusta más su respuesta, pero está aquí como alternativa.

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