Sí, Ceva una buena opción aquí. Recordemos otra versión del teorema de Ceva
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En la imagen de arriba, las tres líneas son concurrentes si y sólo si
$$\frac{YI}{IZ}\cdot \frac{ZH}{XH} \cdot\frac{XG}{YG} = 1.$$
Ahora, la razón de las longitudes son iguales a las proporciones de las áreas de ciertos triángulos, más específicamente:
$$\frac{YI}{IZ} = \frac{\triangle XYI}{\triangle XZI},\dots$$
en este sentido, basta indicar el triángulo por su área. Pero
$$\triangle XYI = \frac12 XY\cdot XI \cdot \sin (\angle YXI), $$
y similares para $\triangle XZI$. Así
$$\frac{YI}{IZ} = \frac{XY}{XZ}\cdot \frac{\sin\angle XYI}{\sin \angle ZXI}.$$
Tomando cíclico del producto, tenemos el seno de la versión del teorema de Ceva: Que las tres líneas son concurrentes si y sólo si
el producto de la proporción de los senos es igual a $1$.
Ahora que es lo que vamos a utilizar en este problema:
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Por eso queremos demostrar que
$$\mathcal{F} = \frac{\sin\angle BAP}{\sin\angle PAC}\cdot \frac{\sin\angle ACR}{\sin\angle BCR} \cdot \frac{\sin\angle{CBQ}}{\sin\angle ABQ} = 1.\tag{1}$$
Ahora
$$\frac{\sin\angle BAP}{\sin\angle PAC} \cdot \frac{AF}{AE} =\frac{\triangle AFP}{\triangle AEP} = \frac{FP}{PE},$$
y así sucesivamente.
Tomando el cíclico del producto de la anterior, obtenemos
$$\mathcal{F}\cdot \frac{AF}{AE}\cdot\frac{BD}{BF}\cdot \frac{CE}{CD} = \frac{FP}{PE}\cdot\frac{DQ}{FQ}\cdot\frac{ER}{DR}.$$
Y (1) de la siguiente manera de los clásicos del teorema de Ceva con las apelaciones concurrentes.