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Compacidad de un espacio métrico

Si un espacio métrico $(X,d)$ es compacto, entonces por cada equivalente métrico $\sigma$, $(X,\sigma)$ es completa. Esto es debido a que, para cualquier secuencia de cauchy en $(X,\sigma)$ tiene un convergentes larga debido al hecho de $(X,\sigma)$ es un espacio métrico compacto, de ahí secuencia original es convergente. Mi pregunta es , ¿el contrario también ?

Es decir, que $(X,d)$ ser un espacio métrico tal que para cada equivalente métrico $\sigma$, $(X,\sigma)$ es completa. ¿Esto implica $(X,d)$ es compacto?

22voto

user142385 Puntos 26

Esto es cierto, pero no es muy fácil de probar.

Supongamos $X$ no es compacto. Sin pérdida de generalidad supongamos que la original métrica $d$ a $X$ es tal que $d(x,y)<1$ para todos los $x,y\in X.$No existe una disminución de la secuencia de la no-vacía de conjuntos cerrados $\{C_{n}\}$cuyo intersección es vacía. Deje que $$\rho (x,y)=\sum_{n=1}^{\infty }\frac{1}{% 2^{n}}d_{n}(x,y)$$ where $$d_{n}(x,y)=\left\vert d(x,C_{n})-d(y,C_{n})\right\vert +\min \{d(x,C_{n}),d(y,C_{n})\}d(x,y).$$Nosotros afirman que $\rho $ es una métrica en $X$ que es equivalente a $d$ y que $% (X,\rho )$ is not complete. Note that $d_{n}(x,y)\leq 2$ for all $x,y\in X.$ Si $x$ e $y$ $\in C_{k}$ entonces $x$ e $y$ $\in C_{n}$ para $1\leq n\leq k$ y por lo tanto $\rho (x,y)\leq \sum_{n=k+1}^{\infty }\frac{2}{2^{n}}=% \frac{1}{2^{k}}$. Thus, the diameter of $C_{k}$ in $(X,\rho )$ no exceder $\frac{1}{2^{k}}$. Una vez que se prueba que $\rho $ es una métrica equivalente a $d$ se sigue que $\rho $ no está completa, porque $\{C_{n}\}$ es un disminución de la secuencia de la no-vacío cerrado conjuntos cuya intersección es vacía.

Suponiendo que (por el momento) que $d_{n}$ satisface la desigualdad del triángulo es sigue fácilmente que $\rho $ es una métrica: si $\rho (x,y)=0$ luego $% d(x,C_{n})=d(y,C_{n})$ for each $n$ and $\min \{d(x,C_{n}),d(y,C_{n})\}d(x,y)=0$ for each $n$. If $d(x,y)\neq 0$es sigue ese $d(x,C_{n})=d(y,C_{n})=0$ por cada $n$ lo que implica que $x$ y $y$ pertenecen a cada una de las $C_{n}$ que contradice la hipótesis. Por lo tanto $\rho $\ es una métrica. También se $\rho (x_{j},x)\rightarrow 0$ como $j\rightarrow \infty $ implica $\left\vert d(x_{j},C_{n})-d(x,C_{n})\right\vert \rightarrow 0$ e $% \min \{d(x_{j},C_{n}),d(x,C_{n})\}d(x_{j},x)\rightarrow 0$ as $j\rightarrow \infty $ for each $n$. There is at least one integer $k$ such that $x\noen C_{k}$ and we conclude that $d(x_{j},x)\rightarrow 0$. Conversely, suppose $% d(x_{j},x)\rightarrow 0$. Then $d_{n}(x_{j},x)\rightarrow 0$ for each $$n la serie de la definición de $\rho $ es uniformemente convergente, entonces $\rho (x_{j},x)\rightarrow 0$. It remains only to show that $d_{n}$satisface el triángulo de la desigualdad para cada una de las $n$ . Tenemos que demostrar que $$\left\vert d(x,C_{n})-d(y,C_{n})\right\vert$$ $$+\min \{d(x,C_{n}),d(y,C_{n})\}d(x,y)$$

$$\leq \left\vert d(x,C_{n})-d(z,C_{n})\right\vert +\min \{d(x,C_{n}),d(z,C_{n})\}d(x,z)$$ $$+\left\vert d(z,C_{n})-d(y,C_{n})\right\vert +\min \{d(z,C_{n}),d(y,C_{n})\}d(z,y)$$ for all $x,y,z.$ Let $% r_{1}=d(x,C_{n}),r_{2}=d(y,C_{n}),r_{3}=d(z,C_{n})$. Consideramos seis casos dependiendo de la forma en que los números de $r_{1},r_{2},r_{3}$ están ordenados. Resulta que la prueba es fácil cuando $r_{1}$ o $r_{2}$ es el más pequeño de la tres. Le damos la prueba para el caso de $r_{3}\leq r_{1}\leq r_{2}$. (El caso $r_{3}\leq r_{2}\leq r_{1}$ es similar). Tenemos que demostrar que

$$r_{2}-r_{1}+r_{1}d(x,y)\leq r_{1}-r_{3}+r_{3}d(x,z)+r_{2}-r_{3}+r_{3}d(z,y)$$ que dice $$r_{1}d(x,y)\leq 2r_{1}-2r_{3}+r_{3}d(x,z)+r_{3}d(z,y).$$ Since $d$ satisface trangle la desigualdad es suficiente para demostrar que $$% r_{1}d(x,z)+r_{1}d(z,y)\leq 2r_{1}-2r_{3}+r_{3}d(x,z)+r_{3}d(z,y).$$ Pero este última desigualdad es equivalente a $$(r_{1}-r_{3})[d(x,z)+d(z,y)]\leq 2r_{1}-2r_{3}.$$ This is true because $d(x,z)+d(z,y)\leq 1+1=2$.

7voto

dmay Puntos 415

Buena pregunta. Sí, esto implica que $(X,d)$ es compacto. En efecto, supongamos que $(X,d)$ es no compacto. A continuación, hay una secuencia $(F_n)_{n\in\mathbb N}$ de subespacios cerrados de $X$ tal que $\bigcap_{n\in\mathbb N}F_n=\emptyset$. Para este tipo de secuencia, definir la distancia$$\sigma(x,y)=\sum_{n=1}^\infty\frac{\bigl\lvert d (x,F_n)-d(y,F_n)\bigr\rvert+\min\bigl\{d(x,F_n),d(y,F_n)\bigr\}\times d(x,y)}{2^n}.$$se puede demostrar (ver Ryszard Engelking de la Topología General, la sección 4.3) que:

  • $\sigma$ es una distancia equivalente a $d$;
  • $(X,\sigma)$ no es completa.

5voto

gabriel Puntos 11

Aquí es más fácil la prueba, asumiendo que $(X,d)$ es localmente compacto y separables (el último implica que también es segundo contable).

Suponga $(X,d)$ no es compacto. Deje $S$ ser el punto de compactification de $X$. Por el metrization teoremas, $S$ es metrizable. Deje $\rho$ ser un metrization de $S$ y deje $\sigma$ ser la restricción de $\rho$ a $X$. A continuación, $(X,\sigma)$ está claro que no es completa, puesto que existe una secuencia en la $X$ que converge (en $(S,\rho)$) para el único punto en $S\setminus X$. Esto completa la prueba.

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