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Demostración de una identidad vectorial - (A × B)

Este es mi primer post aquí :)

Bonito foro por lo que se ve.

De todas formas mi profesor me enseñó esto voy a adjuntar el enlace aquí:

Es la página 2 de este enlace: http://www2.ph.ed.ac.uk/~mevans/mp2h/VTF/conferencia15.pdf

En el 15.3. el pdf discute: Productos de dos campos vectoriales:

Cuando el artículo habla de la prueba de (6), ¿es esa la prueba completa de la demostración de la identidad?

Esencialmente es esto:

Me gustaría probar: $$\nabla \cdot (A \times B) = B \cdot (\nabla \times A) A \cdot (\nabla \times B)$$

Y el pdf muestra esto: \begin{eqnarray*} \nabla \cdot (A \times B) &=& \\ &=& \frac{\partial}{\partial x_i} e_{ijk} A_j B_k \\ &=& e_{ijk}\frac{\partial A_j}{\partial x_i}B_k + e_{ijk} A_j \frac{\partial B_k}{\partial x_i} \\ &=& B_k e_{kij} \frac{\partial A_j}{\partial x_i} - A_j e_{jik}\frac{\partial B_k}{\partial x_i} \end{eqnarray*}

(Es mucho más fácil en el pdf)

Sólo parece que la prueba inacabada y no muestra cómo se vuelve a la forma de: $$B \cdot (\nabla \times A) A \cdot (\nabla \times B)$$

Además, si alguien sabe si las letras A y B se pueden intercambiar por cualquier letra, por ejemplo, C y D?

Gracias si alguien lee esto y puede ayudar.

-nomad609

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Puse algunas ediciones hágamelo saber si está bien

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También lo único que falta es usar la inversa de las definiciones para reescribir esto como un producto, pero la "prueba" está completa

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La prueba está completa en el sentido de que sólo queda afirmar que la forma final es la misma que la suma deseada de productos de puntos. Sí, ciertamente las letras se pueden intercambiar.

3voto

Felix Marin Puntos 32763

$\newcommand{\bbx}[1]{\,\bbox[8px,border:1px groove navy]{{#1}}\,} \newcommand{\braces}[1]{\left\lbrace\,{#1}\,\right\rbrace} \newcommand{\bracks}[1]{\left\lbrack\,{#1}\,\right\rbrack} \newcommand{\dd}{\mathrm{d}} \newcommand{\ds}[1]{\displaystyle{#1}} \newcommand{\expo}[1]{\,\mathrm{e}^{#1}\,} \newcommand{\ic}{\mathrm{i}} \newcommand{\mc}[1]{\mathcal{#1}} \newcommand{\mrm}[1]{\mathrm{#1}} \newcommand{\pars}[1]{\left(\,{#1}\,\right)} \newcommand{\partiald}[3][]{\frac{\partial^{#1} #2}{\partial #3^{#1}}} \newcommand{\root}[2][]{\,\sqrt[#1]{\,{#2}\,}\,} \newcommand{\totald}[3][]{\frac{\mathrm{d}^{#1} #2}{\mathrm{d} #3^{#1}}} \newcommand{\verts}[1]{\left\vert\,{#1}\,\right\vert}$ \begin{align} \nabla\cdot\pars{\vec{A}\times\vec{B}} & = \sum_{i}\partiald{\pars{\vec{A}\times\vec{B}}_{i}}{x_{i}} = \sum_{i}\partiald{}{x_{i}}\sum_{jk}\epsilon_{ijk}A_{j}B_{k} = \sum_{ijk}\epsilon_{ijk}\,\partiald{A_{j}}{x_{i}}\,B_{k} + \sum_{ijk}\epsilon_{ijk}\, A_{j}\,\partiald{B_{k}}{x_{i}} \\[5mm] & = \sum_{k}\pars{\sum_{ij}\epsilon_{kij}\,\partiald{}{x_{i}}\,A_{j}}B_{k} - \sum_{j}\pars{\sum_{ik}\epsilon_{jik}\,\partiald{}{x_{i}}\,B_{k}}A_{j} \\[5mm] & = \sum_{k}\pars{\nabla\times\vec{A}}_{k}B_{k} - \sum_{j}\pars{\nabla\times\vec{B}}_{j}A_{j} = \bbx{\vec{B}\cdot\nabla\times\vec{A} - \vec{A}\cdot\nabla\times\vec{B}} \end{align}

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Muchas gracias, aclara mucho más. Gracias Félix :)

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Gracias $\left({\Huge \bullet}\qquad{\Huge \bullet} \atop {\Huge{\mid \atop \smile}}\right)$ . Hay que tener cuidado con los índices $i,\ j,\ k$ .

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Hey Felix puedo preguntarte si hacemos como lo que el Dr.MV dijo abajo y usamos el símbolo de Levi-Civita entonces tu respuesta estaría completamente escrita en términos de cartesianismo?

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Dr. MV Puntos 34555

Pensé que podría ser útil comentar que el símbolo de Levi-Civita, $\epsilon_{ijk}$ puede escribirse alternativamente como

$$\bbox[5px,border:2px solid #C0A000]{\epsilon_{ijk}=\hat x_i\cdot (\hat x_j\times\hat x_k) }\tag 1$$

en términos de los vectores unitarios cartesianos $\hat x_i$ , $i=1,2,3$ .

Entonces, utilizando $(1)$ podemos escribir

$$\begin{align} \epsilon_{ijk}\left(B_k\frac{\partial A_j}{\partial x_j}\right)&=\hat x_i\cdot (\hat x_j\times\hat x_k)\left(B_k\frac{\partial A_j}{\partial x_i}\right)\\\\ &=\hat x_k\cdot (\hat x_i\times\hat x_j)\left(B_k\frac{\partial A_j}{\partial x_i}\right)\\\\ &=(\hat x_kB_k)\cdot \left(\hat x_i\frac{\partial }{\partial x_x}\right)\times (\hat x_jA_j)\\\\ &=\vec B\cdot \nabla \times \vec A \end{align}$$

Evidentemente, este desarrollo difiere del que utiliza el símbolo de Levi-Civita sólo por la notación. Sin embargo, asigna a $\epsilon_{ijk}$ un significado como el triple producto escalar. Y al hacerlo, este enfoque ofrece más transparencia sobre la interacción entre los índices de $\epsilon_{ijk}$ como vectores unitarios y las componentes cartesianas asociadas del operador "Del", $\nabla$ y los vectores $\vec A$ y $\vec B$ en la que opera.

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¡Increíble! Gracias.

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Aunque puedo preguntar en la segunda etapa de tu trabajo cuál es la relevancia de poner x(k) fuera de los paréntesis - ¿es que por asociatividad lo estás haciendo?

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El triple producto escalar tiene la propiedad de que se conserva bajo reordenamiento cíclico. Por lo tanto, $$\hat x_i \cdot (\hat x_j\times \hat x_k) =\hat x_j\cdot(\hat x_k\times \hat x_i) =\hat x_k\cdot(\hat x_i\times \hat x_j)$$

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