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Bijection explícito entre$\Bbb R$ y permutaciones de$\Bbb N$

El conjunto de las permutaciones de los números naturales tiene la cardinalidad del continuo. Tengo inyecciones en ambas direcciones, no hay problema. El Schröder–Bernstein teorema nos dice que esto implica la existencia de un bijection. Me pregunto si es posible construir una forma explícita.

(En lo que sigue, estoy usando la convención de que las $0\not\in\Bbb N$. Obviamente, esto no cambia nada, la cardinalidad de los sabios.)


Para $\Bbb R\to S_\Bbb N$, observamos que a cada número real es el límite de algunos de reordenamiento de la serie armónica alternante. Si $\alpha\in\Bbb R$, comenzamos con términos positivos: $1+\frac13+\frac15+\cdots$, hasta la obtención de una suma parcial mayor que $\alpha$. A continuación, agregamos términos negativos hasta nuestros suma parcial es menor que $\alpha$, luego regresamos a los términos positivos, empezando con la primera no utilizados, etc.

De esta manera, se construye una serie, y si tomamos los valores absolutos de los recíprocos de los términos de la misma, tenemos una permutación de $\Bbb N$. Esta asignación no se hacia, porque muchas permutaciones de la serie converge a $\alpha$ - todo lo que tenemos que hacer es "rebasamiento" en algún momento, y luego continuar convergiendo a $\alpha$ como de costumbre. (Más trivialmente, sólo obtenemos permutaciones con $\sigma(1)=1$ el uso de esta construcción particular.)


En el otro sentido, si tenemos una permutación $\sigma\in S_\Bbb N$, podemos escribir la continuación de la fracción $[\sigma(1);\sigma(2),\sigma(3),\ldots]$. Esta realidad se inyecta $S_\Bbb N$ a $\Bbb R\setminus\Bbb Q$, debido a que no termina fracciones continuas representan los números irracionales. Por lo tanto, esta asignación no es a; no es ni siquiera en el irrationals.Por ejemplo, no permutación de $\Bbb N$ mapas de esta manera a cualquier cuadrática irracional, o a $e$, o a cualquier otro irracional cuyo c.f. la expansión ha repetido términos.


Así, las inyecciones son muy divertidos y todo, pero encontrar una explícita bijection parece difícil. Claramente, un bijection entre el $S_\Bbb N$ y el intervalo sería suficiente, porque no son estándar, formas elementales para la construcción de bijections entre el $\Bbb R$ y cualquier intervalo de tiempo.

He buscado en Google en vano una solución, y no creo que esta pregunta es un duplicado. Voy a ser feliz de una sugerencia o una solución completa, o una explicación de por qué una construcción explícita es imposible.

La divulgación completa: alguien en línea afirmó que esto "no es difícil", pero se negó a explicar cómo, aparte de mencionar la secuencia de Cauchy de la construcción de los reales. No veo la manera de que es útil, y creo que se ha equivocado o bluff. Yo no soy demasiado orgulloso para admitir que estoy perplejo. :/

7voto

sewo Puntos 58

No es exactamente muy, pero podemos hacer algo como:

  1. Deshacerse de los racionales mediante la asignación de $q+n\sqrt2$ $q+(n+1)\sqrt2$por cada $q\in\mathbb Q$ $n\in\mathbb N_0$
  2. Mapa de la irrationals a la irrationals en $(0,1)$ por técnicas estándar, por ejemplo, por $$ x\mapsto\begin{cases} 1/(2+x) & \text{for }x>0 \\ 1-1/(2-x) & \text{for }x<0 \end{cases} $$
  3. Escribir cada uno de los irracionales en $(0,1)$ como una continuación de la fracción. Ignorando el líder de $0$ en cada continuó fracción, se convierten en todas las infinitas secuencias de enteros positivos.
  4. Ahora convertir cada secuencia infinita de números enteros positivos a un bijection entre el extraño naturales y los productos naturales por la "vuelta y vuelta" de la técnica. Esta construcción se realice en los pasos, por la alternancia entre
    • Tomar un número $n$ a partir de la secuencia y el mapa de la primera impar natural que aún no ha sido emparejado, con la $n$th incluso natural que aún no ha sido emparejado.
    • Tomar un número $m$ a partir de la secuencia y el mapa de la $m$th impar natural que aún no ha sido emparejado, con la primera incluso natural que aún no ha sido emparejado.
  5. Finalmente convertir a cada bijection $f$ de probabilidades y pares (que era sólo acerca de las probabilidades y se empareja con el fin de hacer el paso anterior es más fácil de describir) a una permutación de $\mathbb N$, es decir,$n\mapsto f(2n+1)/2$.

4voto

ManuelSchneid3r Puntos 116

Estoy usando la convención de que las $\mathbb{N}$ incluye a $0$. Esto es importante cuando se trata de la indexación: los primeros término de una secuencia se llama la $0$th, no el $1$pt.

Me voy a dar un explícito bijection entre el $S_\mathbb{N}$ y el conjunto de secuencias infinitas de números naturales. Es bien conocido cómo llegar desde este a $\mathbb{R}$. Esto definitivamente no es divertido trabajar con ellos, pero ilustra (lo que creo que es) una buena idea, que aparece mucho en la lógica: las construcciones a través de los requisitos y grabación de la información. Aunque por ahora tan sólo es una manera de cocinar un bijection "por fuerza bruta," abajo el camino se convertirá en una técnica fundamental, y personalmente creo que la captura es uno de los principales "sabores" de la materia.

La primera idea es especificar una permutación $\pi$ por un "ida y vuelta". Los términos en la secuencia correspondiente a $\pi$ denotar hechos acerca de la $\pi$. La segunda idea es sólo el registro de la "no-redundante" de la información, y esto es cómo vamos a conseguir surjectivity.

Específicamente, se define la siguiente lista de preguntas:

  • $Q_{2i}$ : "¿Qué es $\pi(i)$?"

  • $Q_{2i+1}$ : "¿Qué es $\pi^{-1}(i)$?"

Como está escrito, esto nos da una manera obvia para asignar una secuencia de productos naturales para una permutación (te $n$el plazo de respuesta a $Q_n$). Sin embargo, esta tarea está lejos de surjective. Para solucionar esto, vamos a querer para "adelgazar" el proceso. Observamos que las respuestas a preguntas anteriores limitar las respuestas a otras preguntas. Esto puede suceder de dos maneras:

  • La eliminación de los valores específicos: Si sabemos que la respuesta a la $Q_0$$3$, entonces sabemos que la respuesta a la $Q_2$ puede no ser $3$.

  • Completamente responder a la pregunta: Si sabemos la respuesta a $Q_0$$3$, por lo que automáticamente se sabe que la respuesta para $Q_{2\cdot 3+1}$$0$.

La observación clave ahora es la siguiente:

Basado en (consistente) las respuestas a las $Q_m$$m<n$, hay infinitamente muchas posibles respuestas coherentes a $Q_n$ o de la respuesta a la $Q_n$ está totalmente determinado a partir de la información hasta el momento.

Esto nos dice cómo vamos a construir nuestra secuencia $f_\pi$ asignado a una permutación $\pi$:

Para el $n$th plazo, nos fijamos en los próximos todavía a abrir la pregunta en nuestra lista, y escribir el orden de la respuesta de uno de los "legales" de los valores.


He aquí un ejemplo:

Tome $\pi$ a ser la permutación de conmutación $2k$ $2k+1$ por cada $k$.

  • $0$el plazo de la $f_\pi$: Nuestra primera pregunta es $Q_0$. Ya que no contamos con datos hasta el momento, este es un "abierto" pregunta. $\pi(0)=1$; esta es la $1$st valor posible, basado en la información hasta el momento (recuerde: la indexación comienza a $0$, no $1$). Así que el $0$el plazo de la $f_\pi$$1$.

  • $1$st plazo de $f_\pi$: Nuestra siguiente pregunta es $Q_1$, y permanece abierto basado en la información que tenemos hasta ahora. $\pi^{-1}(0)=1$; esta es la $0$th valor posible, basada en la información, ya que "$\pi^{-1}(0)=0$" es claramente imposible dado el paso anterior. Así que el $1$st plazo de $f_\pi$$0$.

  • $2$nd plazo de $f_\pi$: Nuestra siguiente pregunta es $Q_2$, pero esto no se abre debido a la nuestra respuesta a $Q_1$. Del mismo modo, $Q_3$ no está abierto ya por nuestra respuesta a $Q_0$. Así que la siguiente pregunta es $Q_4$ ("¿de dónde $\pi$ enviar $2$?"), y la respuesta ("$3$") es el $1$st de los valores que aparecen legal en esta etapa. Así que el $2$nd plazo de $f_\pi$$1$.

  • En general, es fácil ver que $$f_\pi=1,0,1,0,1,0,...$$


Y he aquí un ejemplo en la dirección opuesta:

Tome $f$ a ser la secuencia de $0,1,2,3,...$ (= la identidad de la secuencia). Lo permutación $\pi$ corresponde?

  • Así, el $0$el plazo de la $f$ se $\pi$'s respuesta a $Q_0$; así sabemos que $\pi(0)=0$.

  • Basado en eso, $Q_1$ no está abierto ya, por lo que el $1$st plazo de $f$ debe $\pi$'s respuesta a $Q_2$ ("¿de dónde $\pi$ enviar $1$?"). Puesto que el $1$st plazo de $f$$1$, e $0$ ya está hablado, sabemos $\pi(1)=2$.

  • Ahora $Q_3$ todavía está abierta. La posible $\pi$-preimages para $1$ son de todo tipo, con la excepción de$0$$1$. Desde el próximo término de $f$$2$, sabemos que $\pi^{-1}(1)=4$ (ya que en esta etapa $2$ $0$th valor posible y $3$ $1$st posible valor de $\pi^{-1}(1)$)

  • Y así sucesivamente.

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